考研

　　不经意间已到5月份，2019考研的小伙伴们的复习时间也越来越紧迫，大家都复习的怎么样了呢?为了同学们更好地复习专业课知识，今天文都网校考研频道小编为大家分享计算机考研知识要点等相关信息，希望对大家的复习有所帮助~

　　以写入1001 0110为例，比较调频制和改进调频制的写电流波形图。

　　解：写电流波形图如下：

　　比较：

　　1)FM和MFM写电流在位周期中心处的变化规则相同;

　　2)MFM制除连续一串“0”时两个0周期交界处电流仍变化外，基本取消了位周期起始处的电流变化;

　　3)FM制记录一位二进制代码最多两次磁翻转，MFM制记录一位二进制代码最多一次磁翻转，因此MFM制的记录密度可提高一倍。上图中示出了在MFM制时位周期时间缩短一倍的情况。由图可知，当MFM制记录密度提高一倍时，其写电流频率与FM制的写电流频率相当;

　　4)由于MFM制并不是每个位周期都有电流变化，故自同步脉冲的分离需依据相邻两个位周期的读出信息产生，自同步技术比FM制复杂得多。

　　25. 画出调相制记录01100010的驱动电流、记录磁通、感应电势、同步脉冲及读出代码等几种波形。

　　解：

　　注意：

　　1)画波形图时应严格对准各种信号的时间关系。

　　2)读出感应信号不是方波而是与磁翻转边沿对应的尖脉冲;

　　3)同步脉冲的出现时间应能“包裹”要选的读出感应信号，才能保证选通有效的读出数据信号，并屏蔽掉无用的感应信号。

　　4)最后读出的数据代码应与写入代码一致。

　　26. 磁盘组有六片磁盘，每片有两个记录面，存储区域内径22厘米，外径33厘米，道密度为40道/厘米，内层密度为400位/厘米，转速2400转/分，问：

　　(1)共有多少存储面可用?

　　(2)共有多少柱面?

　　(3)盘组总存储容量是多少?

　　(4)数据传输率是多少?

　　解：

　　(1)若去掉两个保护面，则共有：

　　6 × 2 - 2 = 10个存储面可用;

　　(2)有效存储区域

　　=(33-22)/ 2 = 5.5cm

　　柱面数 = 40道/cm × 5.5= 220道

　　=p (3)内层道周长=22 69.08cm

　　道容量=400位/cm×69.08cm

　　= 3454B

　　面容量=3454B × 220道

　　= 759，880B

　　盘组总容量 = 759，880B × 10面

　　= 7，598，800B

　　(4)转速 = 2400转 / 60秒

　　= 40转/秒

　　数据传输率 = 3454B × 40转/秒

　　= 138，160 B/S

　　注意：

　　1)计算盘组容量时一般应去掉上、下保护面;

　　的精度选取不同将引起答案不同，一般取两位小数;p2)

　　盘组总磁道数(=一个盘面上的磁道数)¹3)柱面数

　　4)数据传输率与盘面数无关;

　　5)数据传输率的单位时间是秒，不是分。

　　27. 某磁盘存储器转速为3000转/分，共有4个记录盘面，每毫米5道，每道记录信息12 288字节，最小磁道直径为230mm，共有275道，求：

　　(1)磁盘存储器的存储容量;

　　(2)最高位密度(最小磁道的位密度)和最低位密度;

　　(3)磁盘数据传输率;

　　(4)平均等待时间。

　　解：

　　(1)存储容量 = 275道×12 288B/道×4面 = 13 516 800B

　　(2)最高位密度 = p12 288B/230

　　= 17B/mm = 136位/mm(向下取整)

　　最大磁道直径

　　=230mm+275道/5道 ×2

　　= 230mm + 110mm = 340mm

　　p 最低位密度 = 12 288B / 340

　　= 11B/mm = 92位 / mm (向下取整)

　　(3)磁盘数据传输率

　　= 12 288B × 3000转/分

　　=12 288B × 50转/秒=614 400B/S

　　(4)平均等待时间 = 1/50 / 2 = 10ms

　　讨论：

　　1、本题给出的道容量单位为字节，

　　因此算出的存储容量单位也是字节，而不是位;

　　2、由此算出的位密度单位最终应转换成bpm(位/毫米);

　　3、平均等待时间是磁盘转半圈的时间，与容量无关。

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